(VDC) Hỗn hợp E chứa 3 este (M${}_X$ < M${}_Y$ < M${}_Z$) đều mạch hở, đơn chức và cùng được tạo thành từ một ancol. Đốt cháy 9,34 gam E cần dùng vừa đủ 0,375 mol O${}_2$. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn lượng E trên trong NaOH (dư) thu được 10,46 gam hỗn hợp muối. Biết số mol mỗi chất đều lớn hơn 0,014 mol. Phần trăm khối lượng của Y có trong E gần nhất với

$m_E<$ m muối $\to$ Gốc ancol < Na = 23 $\to C{H}_{3}OH$.
Vì $n_{NaOH}=n_{C{H}_{3}OH}$, bảo toàn khối lượng cho phản ứng xà phòng hóa $\to n_E=0,14$
Trong phản ứng cháy, $n_{C{O}_2}=a$ và $n_{H_{2}O}=b$
$$\to 44a+18b=m_E+m_{O_2}$$
Và $n_O=2a+b=2n_E+2n_{O_2}$
$\to a=0,35$ và b = 0,33
$\to$ Số C = 2,5 $\to$ X là HCOOCH₃ (x mol)
$\to x\ge 0,07$
Y và Z là (Có thể không đúng thứ tự):
$$C_n{H}_{2n+2-2k}{O}_2(ymol)$$
$$C_m{H}_{2m+2-2h}{O}_2(zmol)$$
$$n_{C{O}_2}=2x+my+mz=0,35$$
$$n_{H_{2}O}=2x+(n+1-k)y+(m+1-h)z=0,33$$
$$\to n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=y(k-1)+z(h-1)=0,02$$
Do y > 0,014, z > 0,014 $\to$ k = 1 và h = 2
$\to$ z = 0,02
Gộp 2 este no, đơn chức thành $C_p{H}_{2p}{O}_2(0,12mol)$ và este còn lại là $C_m{H}_{2m-2}{O}_2(0,02mol)$
$$\to n_{C{O}_2}=0,12p+0,02m=0,35$$
$$\to 12p+2m=35$$
Do p > 2 và m ≥ 4 nên có 2 nghiệm:
TH1: p = 2,25 và m = 4
X : HCOOCH₃ (0,09)
Y : CH₃COOCH₃ (0,03) $\to$ % Y = 23,77% (Chọn D)
Z : CH₂ = CH - COOCH₃ (0,02)
Hoặc:
X : HCOOCH₃ (0,105)
Y : CH₂ = CH - COOCH₃ (0,02) $\to$ % Y = 18,42%
Z : C₂H₅ - COO - CH₃ (0,015)
TH2: $p=\frac{25}{12}$ và m = 5 : Loại vì số mol chất không thỏa mãn.