(Nội dung đề Câu 38 không có trong các trang đã cung cấp; chỉ có lời giải chi tiết ở trang 7.)

Câu 38: Đáp án B

Cách 1: Biến đổi peptit - quy về dipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân.

0,1 mol T → 0,56 mol amino axit ⇔ 0,28 mol dipeptit => cần 0,18 mol $H_{2}O$ để biến đổi.

=> phương trình biến đổi: $1T+1,8H_{2}O\to 2,8E_2$ (dipeptit dạng $C_m{H}_{2m}{N}_2{O}_3$).

Đốt cháy $(13,2+32,4x)$ gam dipeptit $E_2$ (⇔ 2,8x mol) cần 0,63 mol $O_2$.

=> thu được: $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=(0,63\times 2+2,8x+3):3=(2,8x+0,42)$ mol.

$\Rightarrow m_{dipeptit}=13,2+32,4x=14x(2,8x+0,42)+76x(2,8x)\Rightarrow$ giải $x=1/30$ mol.

Đồng nhất số liệu toàn bộ về 0,1 mol T (gấp 3 lần các số liệu ở phản ứng đốt cháy).

$\sum n_{aminoaxit}:n_T=5,6$ cho biết T gồm 0,04 mol pentapeptit $E_5$ và 0,06 mol hexapeptit $E_6$.

$0,42C_X+0,14C_Y=\sum n_{C{O}_2}=1,54\iff 3C_X+C_Y=11$.

$\Rightarrow C_X=2$ và $C_Y=5$ (do $M_X<M_Y$ nên trường hợp $C_X=3;C_Y=2$ loại).

$\Rightarrow$ T gồm $0,04E_5$ dạng $(Gly{)}^a(Val{)}^{5-a}$ và 0,06 mol $E_6$ dạng $(Gly{)}^b(Val{)}^{6-b}$.

$\Rightarrow \sum n_{Gly}=0,04a+0,06b=0,42\iff 2a+3b=21$ (điều kiện: $1\le a\le 4;1\le b\le 5$).

=> nghiệm nguyên duy nhất thỏa mãn là $a=3;b=5\Rightarrow T_1\equiv E_5$ là $(Gly{)}^3(Val{)}^2$.

=> Phân tử khối của peptit $T_1$ bằng $75\times 3+117\times 2-4\times 18=386$.

Cách 2: Quy T về $C_2{H}_{3}NO,C{H}_2,H_{2}O$. Xét 0,1 mol T: $n_{H_{2}O}=n_T=0,1$ mol.

$n_{C_2{H}_{3}NO}=n_X+n_Y=0,42+0,14=0,56$ mol. Đặt $n_{C{H}_2}=x$ mol.

Giả sử 13,2 gam T gấp k lần 0,1 mol T ⇒ 13,2 gam T chứa $0,56k$ mol $C_2{H}_{3}NO$, $kx$ mol $C{H}_2$, $0,1$ mol $H_{2}O$ ⇒ $m_T=13,2=57\times 0,56k+14kx\times 0,1k$.

$n_{C{O}_2}=2,25.n_{C_2{H}_{3}NO}+1,5.n_{C{H}_2}\Rightarrow 0,63=2,25\times 0,56k+1,5kx$.

Giải hệ có: $k=1/3;kx=0,14\Rightarrow x=0,14:1/3=0,42$ mol.

TH1: ghép 1 $C{H}_2$ vào X ⇒ X là Ala và Y là Gly ⇒ $M_X>M_Y$ → trái giả thiết → loại.

TH2: ghép $0,42:0,12=3$ nhóm $C{H}_2$ vào Y ⇒ X là Gly và Y là Val → thỏa mãn.