Bài Tập Trắc Nghiệm Chuyên Đề: Amino acid (Hóa học Lớp 12)

- Ta có: $n_{HCl}=2n_{lysin}=0,2$ mol $\stackrel{BTKL}{\to }$ $m_{mu\acute{\hat{o}}i}=m_{lysin}+36,5n_{HCl}=21,9(g)$

- Quá trình: $F{e}_2{O}_3,ZnO,Fe\stackrel{+HCl}{\to }FeC{l}_3,FeC{l}_2,ZnC{l}_2\stackrel{+AgN{O}_3}{\to }Ag,AgCl\stackrel{+HN{O}_3}{\to }AgCl$
(Hỗn hợp M → dung dịch Y → rắn Q → rắn G)

Đáp án : B
Các chất có số nhóm NH2 > số nhóm COOH thì là quì tím hóa xanh

Đáp án : C

Đáp án : B

Đáp án : B
Muối mononatri của axit glutamic mới làm mì chính

Nếu dùng Quì tím :
+) H2N-CH2-COOH : tím
+) CH3COOH : đỏ
+) C2H5NH2 : xanh

Phương pháp : Xác định công thức phân tử dựa trên tỉ lệ phần trăm nguyên tố
%mC : %mH : %mO : %mN = 40,449 : 7,865 : 35,956 : 15,73
=> nC : nH : nO : nN = 3,37 : 7,865 : 2,25 : 1,12 = 3 : 7 : 2 : 1
Vì CTPT trùng CTDGN => X là $C_3{H}_7{O}_{2}N$
Vì X phản ứng NaOH tạo muối => có nhóm COO
nX = nmuối = 0,05 mol => Mmuối = 97g
=> X chỉ có thể là : $H_{2}N$–$C_2{H}_4$–COOH

Đáp án : A
A : CH3-CH(NH2)-COONH4
B : CH3-CH(NH2)-COONa
C : CH3-CH(NH3HSO4)-COOH

Đáp án C. Phân tích : Các chất tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1:2 là : ClNH${}_3$CH${}_2$COOH, CH${}_3$COOC${}_6$H${}_5$

Đáp án C.

Phân tích : $n_{C{O}_2}=0,65^{mol}$ ; $n_{H_{2}O}=0,7^{mol}$

Ta có : $\overline{C}=\frac{0,65}{0,4}=1,625$ , $\overline{H}=\frac{0,7.2}{0,4}=3,5$

Suy ra X là HCOOH và Y là CₐH₂ₐO₂.

Vì n_CO2 < n_H2O nên amino axit no, đơn chức, mạch hở. Đặt công thức của amino axit là $C_n{H}_{2n+1}{O}_{2}N$ .

$\to n_{aminoaxxit}=0,1\to n_X=n_Y=0,15$ Ta có : $0,1n+0,15a+0,15.1=0,65$

$\to 2n+3a=10\to a=n=2$

$\to$ CTPT của aminoaxit là C₂H₅O₂N và Y là CH₃COOH

Trong 0,3mol M có: $\{\begin{array}{l}HCOOH(X)0,1125^{mol}\\ C{H}_{3}COOH(Y)0,1125^{mol}\\ C_2{H}_5{O}_{2}N(Z)0,075^{mol}\end{array}$

Suy ra $x=n_{HCl}=0,075mol$ ; X(HCOOH) có khả năng tráng bạc là nhận định đúng.

$\%Y(M)=\frac{0,1125.60}{17,55}=38,46\%$ $\%Z(M)=\frac{0,075.75}{17,55}=32,05\%$

Vậy nhận định sai là C.

Amino axit no, mạch hở có công thức $C_n{H}_m{O}_{4}N$ nên amino axit này có 2 nhóm –COOH và 1 nhóm –NH${}_2$. Đặt công thức cấu tạo của nó là $N{H}_2{C}_a{H}_{2a-1}(COOH{)}_2$
Suy ra, $n=a+2$ và $m=2+(2a-1)+2=2a+3\to m=2n-1$

Ta coi cả quá trình là cho NaOH tác dụng với axit và tác dụng với cả amino axit. Nên gộp cả hai quá trình làm một:
$$RN{H}_2(COOH{)}_2+H_{2}S{O}_4+(NaOH+KOH)$$
(0,1 mol; 0,15 mol)
$$\to 43,8g\text{hoˆ˜n hợp muoˆˊi}+H_{2}O$$
Ta có: $\sum n_{H^{+}}=2n_X+2n_{H_{2}S{O}_4}=0,5mol$
(H${}_2$O được tạo ra từ phản ứng trung hòa axit và bazơ) Sử dụng phương pháp trung bình, đặt công thức chung của NaOH và KOH là XOH, ta có
$$M_X=\frac{40.1+56.1,5}{1+1,5}-17=32,6$$
Áp dụng phương pháp bảo toàn khối lượng, ta có:
$$m_X+m_{H_{2}S{O}_4}+m_{XOH}=43,8+m_{H_{2}O}$$
$$\to 0,1.(M_R+106)+0,15.98+0,5.(32,6+17)=43,8+0,5.18\to M_R=27\to R\text{laˋ}{C}_2{H}_3$$
Vậy X có công thức cấu tạo là C${}_2$H${}_3$NH${}_2$(COOH)${}_2$.

$$n_X=\frac{10,3}{103}=0,1mol\to M_{\text{muoˆˊi}}=9,7:0,1=97(gam/mol)$$
→ Muối có công thức phân tử là: NH${}_2$CH${}_2$COONa
→ Công thức cấu tạo của X là NH${}_2$CH${}_2$COOC${}_2$H${}_5$

Câu 32: Đáp án A.
Phân tích: Glutamic: HOOC-CH(NH${}_2$)-CH${}_2$-CH${}_2$-COOH
$n_{Glu}=\frac{14,7}{147}=0,1$ mol
Ta có: Glu + (HCl, H${}_2$SO${}_4$) → Muối
Bảo toàn khối lượng ta có: 19,83 = m${}_{HCl}$ + m${}_{H_{2}S{O}_4}$ + m${}_{Glu}$
→ m${}_{HCl}$ + m${}_{H_{2}S{O}_4}$ = 19,83 - 14,7 = 5,13 (gam)
Lại có: $\frac{n_{HCl}}{n_{H_{2}S{O}_4}}=\frac{1}{0,5}=2$ nên ta có n${}_{HCl}$ = 0,06 mol và n${}_{H_{2}S{O}_4}$ = 0,03 mol
→ $\sum n_{H^{+}}=2n_{Glu}+n_{HCl}+n_{H_{2}S{O}_4}=2.0,1+0,06+2.0,03=0,32$ mol
Suy ra số mol OH${}^{-}$ cần để phản ứng với số chất tan trong dung dịch X cũng là số mol OH${}^{-}$ phản ứng với tổng số mol H${}^{+}$
→ n${}_{O{H}^{-}}$ = 0,32 (mol) → $V=\frac{0,32}{1+0,6}=200$ (ml).
Chú ý: Nếu đề bài cho khối lượng một số chất trước và sau phản ứng thì ta sử dụng phương pháp bảo toàn khối lượng kết hợp với các giả thiết khác để làm bài.

(AI giải đề cho tôi)
Gọi $a$ mol etylamin ($C_2{H}_{5}N{H}_2$, $M=45$) và $b$ mol glyxin ($H_{2}NC{H}_{2}COOH$, $M=75$).

- Phản ứng với KOH: chỉ nhóm $-COOH$ của glyxin tác dụng: $H_{2}NC{H}_{2}COOH+KOH\to H_{2}NC{H}_{2}COOK+H_{2}O$, nên $n_{KOH}=0,2\cdot 1=0,2$ mol $\Rightarrow b=0,2$ mol.
- Khối lượng: $45a+75\cdot 0,2=19,5\Rightarrow 45a=4,5\Rightarrow a=0,1$ mol.
- Phản ứng với HCl: cả etylamin và nhóm $-N{H}_2$ của glyxin đều tác dụng: $C_2{H}_{5}N{H}_2+HCl\to C_2{H}_{5}N{H}_{3}Cl$; $H_{2}NC{H}_{2}COOH+HCl\to Cl{H}_{3}NC{H}_{2}COOH$. Vậy $n_{HCl}=a+b=0,1+0,2=0,3$ mol.
- Thể tích HCl 1M: $V=0,3/1=0,3$ lít $=300$ ml.

Phân tích: Glutamic: $HOOC-CH(N{H}_2)-C{H}_2-C{H}_2-COOH$

$$n_{Glu}=\frac{14,7}{147}=0,1mol$$

Ta có: Glu + ($HCl$, $H_{2}S{O}_4$) ⟶ Muối

Bảo toàn khối lượng ta có: $19,83=m_{HCl}+m_{H_{2}S{O}_4}+m_{Glu}$

→ $m_{HCl}+m_{H_{2}S{O}_4}=19,83-14,7=5,13$ (gam)

Lại có: $$\frac{n_{HCl}}{n_{H_{2}S{O}_4}}=\frac{1}{0,5}=2$$ nên ta có $n_{HCl}=0,06$ mol và $n_{H_{2}S{O}_4}=0,03$ mol

→ $$\sum n_{H^{+}}=2n_{Glu}+n_{HCl}+n_{H_{2}S{O}_4}=2.0,1+0,06+2.0,03=0,32mol$$

Suy ra số mol $O{H}^{-}$ cần để phản ứng với số chất tan trong dung dịch X cũng là số mol $O{H}^{-}$ phản ứng với tổng số mol $H^{+}$

→ $$n_{O{H}^{-}}=0,32(mol)\to V=\frac{0,32}{1+0,6}=200(ml)$$

Chú ý: Nếu đề bài cho khối lượng một số chất trước và sau phản ứng thì ta sử dụng phương pháp bảo toàn khối lượng kết hợp với các giả thiết khác để làm bài.

$H_{2}N-C{H}_2-COOH+KOH\to H_{2}N-C{H}_2-COOK+H_{2}O$

Khi cho hỗn hợp X tác dụng với KOH chỉ có Glyxin phản ứng với KOH

→ $n_{Gly}=n_{KOH}=0,2mol$ → $m_{Gly}=75.0,2=15$ g

→ $m_{etylamin}=19,5-15=4,5$ g $\to n_{etylamin}=\frac{4,5}{45}=0,1mol$

Khi cho X tác dụng với HCl thì cả 2 đều tác dụng theo tỉ lệ mol 1:1.

→ $n_{HCl}=n_{Gly}+n_{etylamin}=0,2+0,1=0,3mol\to V_{HCl}=300$ ml

Đáp án A. Glyxin có CTCT là H${}_2$N-CH${}_2$-COOH.