Bài Tập Trắc Nghiệm Chuyên Đề: Amine (Hóa học Lớp 12)

(AI giải đề cho tôi) (a) Sai: methylamine là bazơ, làm giấy quỳ tím ẩm hóa xanh. (b) Đúng: CH₃NH₂ + HCl → CH₃NH₃Cl. (c) Đúng: methylamine không phản ứng với dung dịch FeCl₃ ở điều kiện thường. (d) Sai: dung dịch methylamine không phản ứng được với Cu(OH)₂. Vậy có 2 phát biểu đúng (b, c).

• $n_N=\frac{13,084}{14}\approx 0,935$

Chia cho số nhỏ nhất 0,935:

• $C:\frac{6,542}{0,935}\approx 7$

• $H:\frac{8,411}{0,935}\approx 9$

• $N:1$

Suy ra công thức đơn giản nhất là $C_7{H}_{9}N$. Vì chất chỉ có 1 nguyên tử $N$ nên công thức phân tử cũng là $C_7{H}_{9}N$.

Do có vòng benzene và không có nhóm $-C{H}_3$, cấu tạo phù hợp là benzylamine: $C_6{H}_{5}C{H}_{2}N{H}_2$.
Xét các phát biểu:

• (1) đúng.

• (2) sai, vì benzylamine không phải arylamine; nhóm $N{H}_2$ không gắn trực tiếp vào vòng benzene.

• (3) đúng, amine bậc một no mạch hở tác dụng với $HN{O}_2$ tạo alcohol.

• (4) đúng, tác dụng với $HCl$ tạo muối $RN{H}_{3}Cl$.

• (5) sai, benzylamine là amine bậc một.

Vậy các phát biểu đúng là: 1, 3, 4.

(AI giải đề cho tôi)
Quỳ tím chuyển sang màu xanh khi gặp dung dịch bazơ. Methylamine (CH3NH2) là amin, tan trong nước tạo môi trường bazơ do nhóm -NH2 nhận proton: CH3NH2 + H2O ⇌ CH3NH3+ + OH-. Glycine và alanine là amino acid (lưỡng tính, dung dịch gần trung tính, pH ≈ 6), acetic acid là acid làm quỳ đỏ. Vậy đáp án là C, trùng với đáp án nguồn.

$n_x>n_y\Rightarrow n_x>\frac{0,26}{2}=0,13$
$\{\begin{array}{l}{n}_x>0,13\\ n_x=0,5n_{HCl}\end{array}\to n_x=0,14$
Giả sử X hai chức. Khi đó Y không phản ứng với HCl nên Y no.
$\stackrel{BT:C}{\to }C{O}_2=1,54\to C=1,54:0,26=5,9$
$n_X=0,14\to n_Y=0,12$; $\{\begin{array}{l}0,14.C_X+0,12.C_Y=1,54\\ \overline{C}=5,9\end{array}\Rightarrow \{\begin{array}{l}{C}_X=5\\ C_Y=7\end{array}\Rightarrow Y:C_7{H}_{16}\Rightarrow m_Y=12$

Bảo toàn O → n${}_{H_{2}O}$ = 0,14
Bảo toàn khối lượng → m${}_X$ = 1,88
n${}_{C_x{H}_{2x+3}N}$ = 2n${}_{N_2}$ = 0,02 → n${}_{C_y{H}_{2y+2-2k}}$ = 0,04
→ n${}_{H_{2}O}$ – n${}_{C{O}_2}$ = 1,5n${}_{C_x{H}_{2x+3}N}$ + (1 – k)n${}_{C_y{H}_{2y+2-2k}}$
→ k = 1
n${}_{C{O}_2}$ = 0,02x + 0,04y = 0,11
Với x > 1 và y ≥ 2 → x = 1,5; y = 2 là nghiệm duy nhất.
n${}_{C_x{H}_{2x+4}NCl}$ = 0,02 → m${}_{C_x{H}_{2x+4}NCl}$ = 1,49
Từ 1,88 gam X tạo 1,49 gam muối amoni
→ Từ 9,4 gam X tạo 7,45 gam muối amoni.

(AI giải đề cho tôi)
Hợp chất $C{H}_{3}C{H}_{2}N{H}_2$ có gốc hydrocarbon là nhóm ethyl ($C_2{H}_5-$) và nhóm chức amine ($-N{H}_2$). Do đó tên gốc – chức là ethylamine. Methylamine là $C{H}_{3}N{H}_2$, dimethylamine là $(C{H}_3{)}_{2}NH$, propylamine là $C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}N{H}_2$. Kết quả trùng với đáp án nguồn: C.

(AI giải đề cho tôi) Amin bậc ba là amin mà nguyên tử nitơ liên kết với ba gốc hydrocacbon. (CH${}_3$)${}_3$N có nguyên tử N liên kết với ba nhóm CH${}_3$, nên là amin bậc ba. Các chất còn lại là amin bậc hai (B) và amin bậc một (C, D).

(AI giải đề cho tôi)
Hỗn hợp Z gồm hai amin no, đơn chức đồng đẳng kế tiếp, tỉ khối đối với H2 bằng 18,3 nên khối lượng mol trung bình $\bar{M}=18,3\times 2=36,6$. Hai amin là CH3NH2 (31) và C2H5NH2 (45). Tỉ lệ số mol: $\frac{n_{C{H}_{3}N{H}_2}}{n_{C_2{H}_{5}N{H}_2}}=\frac{45-36,6}{36,6-31}=\frac{8,4}{5,6}=\frac{3}{2}$. Tổng số mol amin: $n_Z=\frac{4,48}{22,4}=0,2$ mol, vậy $n_{C{H}_{3}N{H}_2}=0,12$ mol; $n_{C_2{H}_{5}N{H}_2}=0,08$ mol. Xét muối B (C4H12O4N2, M = 152): B chính là muối (CH3NH3)2C2O4 (2×32 + 88 = 152). Khi tác dụng với NaOH: $(C{H}_{3}N{H}_3{)}_2{C}_2{O}_4+2NaOH\to N{a}_2{C}_2{O}_4+2C{H}_{3}N{H}_2$. Vậy $n_B=\frac{0,12}{2}=0,06$ mol. Muối A (C5H16O3N2, M = 152) chứa phần C2H5NH2 (152 − 46 = 106, anion C3H8NO3⁻): $A+NaOH\to C_3{H}_{8}N{O}_{3}Na(D)+C_2{H}_{5}N{H}_2$, với $n_A=n_{C_2{H}_{5}N{H}_2}=0,08$ mol. Khối lượng mol: $M_D=106+23=129$; $M_E=M_{N{a}_2{C}_2{O}_4}=134$, thỏa mãn $M_D<M_E$. Vậy E là Na2C2O4 với số mol 0,06 mol: $m_E=0,06\times 134=8,04$ gam.

(AI giải đề cho tôi)
Xét từng dung dịch với quỳ tím: (1) C6H5NH2 (anilin) là bazơ rất yếu, không làm đổi màu quỳ. (2) NH2CH2COOH (glycin) là amino axit trung tính, dung dịch gần trung tính, không đổi màu quỳ. (3) HOOC[CH2]2CH(NH2)COOH (axit glutamic) có 2 nhóm COOH và 1 nhóm NH2, tính axit chiếm ưu thế nhưng là axit yếu, dung dịch không đủ axit để làm quỳ hóa đỏ rõ (amino axit không làm đổi màu quỳ). (4) C2H5NH2 là amin béo, bazơ mạnh hơn nước, làm quỳ tím hóa xanh. (5) NH2[CH2]2CH(NH2)COOH có 2 nhóm NH2 và 1 nhóm COOH, tính bazơ chiếm ưu thế, làm quỳ tím hóa xanh. Vậy có 2 dung dịch làm đổi màu quỳ tím (làm quỳ hóa xanh). Đáp án C.

(AI giải đề cho tôi)
Xét từng chất với dung dịch NaOH: (1) Phenyl amoniclorua (C6H5NH3Cl) là muối của anilin yếu, tác dụng với NaOH giải phóng anilin: C6H5NH3Cl + NaOH → C6H5NH2 + NaCl + H2O → phản ứng. (2) Metyl axetat là este, thủy phân trong dung dịch NaOH: CH3COOCH3 + NaOH → CH3COONa + CH3OH → phản ứng. (3) Anilin không tác dụng với NaOH (là bazơ yếu, không có tính axit). (4) Natri axetat là muối của axit mạnh với bazơ mạnh, không phản ứng với NaOH. Vậy có 2 chất phản ứng được với dung dịch NaOH, đáp án A, khớp với đáp án nguồn (20-A).

(AI giải đề cho tôi)
Metylamin CH3NH2 là bazơ, phản ứng với nước: CH3NH2 + H2O ⇌ CH3NH3+ + OH-, tạo môi trường bazơ làm giấy quỳ tím chuyển màu xanh. Đáp án A, khớp với đáp án nguồn (câu 68: A).

(AI giải đề cho tôi)
Câu 44: Xét công thức phân tử các chất: Etyl axetat $C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5$ chỉ chứa C, H, O; Saccarozô $C_{12}{H}_{22}{O}_{11}$ chỉ chứa C, H, O; Glucozô $C_6{H}_{12}{O}_6$ chỉ chứa C, H, O. Metylamín $C{H}_{3}N{H}_2$ chứa nhóm amino $-N{H}_2$, tức là chứa nguyên tố nitơ (N). Vậy chất chứa nitơ là metylamín, khớp với đáp án C trong bảng đáp án nguồn.

(AI giải đề cho tôi)
Amin X là chất lỏng, dễ bị oxi hóa ngoài không khí (đặc trưng của anilin, bị oxi hóa chuyển màu nâu), dung dịch không làm đổi màu quỳ tím (bazơ rất yếu do ảnh hưởng của vòng benzen), và tác dụng với nước brom tạo kết tủa trắng (2,4,6-tribromanilin). Các amin mạch hở (metylamin, đimetylamin là chất khí; benzylamin không tạo kết tủa trắng với nước brom). Vậy X là anilin, khớp đáp án C của đề.

(AI giải đề cho tôi)
Hai chất trong X là muối của amin: C3H12N2O3 là (CH3NH3)2CO3 (M = 124) và C2H8N2O3 là (CH3)2NH2NO3 (M = 108). Khi đun nóng với NaOH, chúng giải phóng amin (CH3NH2 và (CH3)2NH — đều làm xanh giấy quỳ tím ẩm) và tạo muối vô cơ Na2CO3, NaNO3 trong Y.

Gọi a mol (CH3NH3)2CO3, b mol (CH3)2NH2NO3.
- Số mol chất hữu cơ: 2a + b = 0,04 (mỗi mol (CH3NH3)2CO3 cho 2 mol CH3NH2).
- Khối lượng: 124a + 108b = 3,40.
Thay b = 0,04 − 2a: 124a + 4,32 − 216a = 3,40 → a = 0,01; b = 0,02.
Kiểm tra khối lượng: 0,01·124 + 0,02·108 = 1,24 + 2,16 = 3,40 gam ✓.

Phương trình:
(CH3NH3)2CO3 + 2NaOH → 2CH3NH2 + Na2CO3 + 2H2O
(CH3)2NH2NO3 + NaOH → (CH3)2NH + NaNO3 + H2O

Muối khan trong Y: 0,01 mol Na2CO3 và 0,02 mol NaNO3.
m = 0,01·106 + 0,02·85 = 1,06 + 1,70 = 2,76 gam.

(AI giải đề cho tôi)
Gọi số mol: X gồm hai amin kế tiếp dạng $C_n{H}_{2n+3}N$ (a mol) và $C_{n+1}{H}_{2n+5}N$ (b mol); Y gồm glyxin $C_2{H}_{5}N{O}_2$ (g mol) và lysin $C_6{H}_{14}{N}_2{O}_2$ (l mol).

Dữ liệu: $n_{H_{2}O}=16,38/18=0,91$ mol; $n_{C{O}_2}+n_{N_2}=18,144/22,4=0,81$ mol; $n_{O_2}=1,035$ mol; tổng $a+b+g+l=0,2$.

Số mol khí cháy (CO${}_2$ + N${}_2$) mỗi chất: amin $C_n{H}_{2n+3}N$: $n+0,5$; amin kế tiếp: $n+1,5$; glyxin: $2,5$; lysin: $7$.
Số mol $H_{2}O$: amin thứ nhất $(2n+3)/2$; amin kế tiếp $(2n+5)/2$; glyxin $2,5$; lysin $7$.

Lấy phương trình $H_{2}O$ trừ phương trình khí: $[(2n+3)/2-(n+0,5)]a+[(2n+5)/2-(n+1,5)]b=0,91-0,81$, tức $a+b=0,1$ mol. Suy ra $g+l=0,1$ mol.

Số mol $O_2$ mỗi chất: amin $C_n{H}_{2n+3}N$: $n+(2n+3)/4=(6n+3)/4$; amin kế tiếp: $(6n+9)/4$; glyxin: $2+5/4-1=9/4$; lysin: $6+14/4-1=17/2$.

Phương trình $O_2$: $\frac{6n+3}{4}(a+b)+1,5b+2,25g+8,5l=1,035$, tức $0,15n+0,075+1,5b+2,25g+8,5l=1,035$.
Phương trình $H_{2}O$: $\frac{2n+3}{2}(0,1)+b+2,5g+7l=0,91$, tức $b+2,5g+7l=0,76-0,1n$.

Nhân phương trình $H_{2}O$ với 1,5 rồi trừ phương trình $O_2$: $1,5g+2l=0,18$. Kết hợp $g+l=0,1$ ta được $g=0,04$; $l=0,06$ mol.

Suy ra $b=0,76-0,1n-2,5(0,04)-7(0,06)=0,24-0,1n$. Để $a=0,1-b\ge 0$ thì $n\ge 1,4$; với $n=2$: $b=0,04$; $a=0,06$ (ethylamine $C_2{H}_{7}N$ và propylamine $C_3{H}_{9}N$), thỏa mãn hai amin kế tiếp. Kiểm tra lại $O_2$: $\frac{15}{4}(0,1)+1,5(0,04)+2,25(0,04)+8,5(0,06)=0,375+0,06+0,09+0,51=1,035$ mol ✓.

Khối lượng các chất: $m_{C_2{H}_{7}N}=45\times 0,06=2,7$ g; $m_{C_3{H}_{9}N}=59\times 0,04=2,36$ g; $m_{glyxin}=75\times 0,04=3,0$ g; $m_{lysin}=146\times 0,06=8,76$ g. Tổng $m_Z=16,82$ g.

Amin có khối lượng phân tử nhỏ hơn trong Z là ethylamine ($M=45$):
$\%m_{C_2{H}_{7}N}=\frac{2,7}{16,82}\times 100\%\approx 16,05\%$.

(AI giải đề cho tôi)
Thí nghiệm 1: dung dịch anilin rất yếu bazơ, không làm quỳ tím chuyển màu xanh (quỳ vẫn tím). Thí nghiệm 2: anilin tác dụng với nước brom, brom thế vào vị trí ortho và para của vòng thơm (do -NH2 hoạt hóa mạnh) tạo 2,4,6-tribromanilin kết tủa màu trắng: C6H5NH2 + 3Br2 → C6H2Br3NH2↓ + 3HBr. Như vậy B và D đúng. C đúng vì metylamin là amin béo bazơ mạnh hơn, làm quỳ tím chuyển xanh. A sai: nếu thay nước brom bằng dung dịch HCl thì chỉ xảy ra phản ứng trung hòa tạo muối tan C6H5NH3Cl (phenylamoni clorua) không có kết tủa, hiện tượng không tương tự. Vậy phát biểu sai là A, khớp đáp án 72.A.

(AI giải đề cho tôi)
Chất X có công thức $C_2{H}_{5}N{H}_2$ là amin bậc một với gốc hiđrocacbon $C_2{H}_5-$ (etyl) gắn với nhóm $-N{H}_2$. Do đó tên gọi của X là etylamin. Đáp án A, trùng với đáp án nguồn (Câu 50: 50A).

$n_{N_2}=2,24/22,4=0,1$ mol
BTNT.N $\to n_{amin}=2n_{N_2}=0,2$ mol
Mà amin đơn chức nên khi phản ứng với HCl ta có: $n_{HCl}(pu)=n_{amin}=0,2$ mol.
Chọn B.

Etylamin là amin, làm dung dịch có tính bazơ nên làm quỳ tím hóa xanh. Axit axetic và glyxin (tính axit) làm quỳ hóa đỏ; anilin là amin thơm, tính bazơ rất yếu, không làm quỳ chuyển màu.

Đáp án B

Vì X là muối của axit hữu cơ đa chức nên X có CTCT là NH4-OOC-CH2-COO-NH3-CH3.

Y là muối của axit vô cơ, nên Y có CTCT là (CH3NH3)2CO3.

Khi cho X, Y tác dụng với dung dịch NaOH thì phản ứng:

NH4-OOC-CH2-COO-NH3CH3+NaOH→NaOOC-CH2-COONa+NH3+CH3NH2+H2O

(CH3NH3)CO3+2NaOH2CH3NH3+Na2CO3+2H2O.

Vì thu được 0,08 mol hai chất khí có tỉ lệ mol 1:3, hai chất khí ở đây là NH3 và CH3NH2.

$\to \{\begin{array}{l}{n}_{N{H}_3}=0,02(mol)\\ n_{C{H}_{3}N{H}_2}=0,06(mol)\end{array}\to \{\begin{array}{l}{n}_X=n_{N{H}_3}=0,02(mol)\\ n_X+2n_Y=n_{C{H}_{3}N{H}_2}=0,06(mol)\end{array}\to \{\begin{array}{l}{n}_X=0,02(mol)\\ n_Y=0,02(mol)\end{array}$

$\to m=m_{Na-OOC-C{H}_2-COONa}+m_{N{a}_{2}C{O}_3}=0,02.148+0,02.106=5,08(gam)$

$\to$ Chọn đáp án B.