Bài Tập Trắc Nghiệm Chuyên Đề: Tinh bột (Hóa học Lớp 12)

• Amiloza là một dạng của tinh bột, thuộc loại polime thiên nhiên.

• Nilon-6,6, nilon-7 là các tơ tổng hợp.

• PVC: poli(vinyl clorua) là nhựa tổng hợp.

(AI giải đề cho tôi)
Thuỷ phân hoàn toàn tinh bột: (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6, thu được monosaccarit X là glucozơ. Lên men glucozơ với enzim (zymase): C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2↑, nên chất hữu cơ Y là etanol. Vậy X, Y lần lượt là glucozơ và etanol → chọn D. Đáp án này khớp với đáp án nguồn (62-D).

(AI giải đề cho tôi)
Phương trình thủy phân tinh bột: $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\stackrel{H^{+},t^o}{\to }n{C}_6{H}_{12}{O}_6$. Khối lượng đơn vị tinh bột $M=162$ g/mol, nên $n_{tinhbot}=\frac{324}{162}=2$ mol. Theo phương trình, thu được tối đa 2 mol glucozơ, tương ứng $m=2\times 180=360$ gam. Với hiệu suất 75%: $m_{glucozo}=360\times 0,75=270$ gam. Vậy chọn C, khớp với đáp án nguồn (72-C).

Trương thành hồ ⇒ dấu hiệu nhận ra hợp chất X là tinh bột.

☆ Thủy phân tinh bột trong môi trường axit (hoặc xt enzim) cuối cùng thu được glucozơ (Y):

$${\left[C_6{H}_{10}{O}_5\right]}_n+n{H}_{2}O\underset{{\text{t}}^{\circ }}{\overset{\text{axit}}{\to }}n{C}_6{H}_{12}{O}_6$$

glucozơ

☆ Dưới tác dụng của enzim của vi khuẩn axit lactic, glucozơ tạo axit lactic:

$$C_6{H}_{12}{O}_6\stackrel{\text{leˆn men lactic}}{\to }2C{H}_{3}CH(OH)COOH\text{ (axit lactic)}.$$

Trong sinh học, ta biết sữa bị chua, hay cơ bắp cơ thể bị mỏi do hoạt động nhiều là do axit lactic.

Đáp án C

A. Tinh bột là polime có cấu trúc dạng mạch phân nhánh và không phân nhánh. Đúng. Tinh bột có hai thành phần. Thành phần không phân nhánh là amilozo, thành phần phân nhánh là amilopectin.

B. Tinh bột không tan trong nước lạnh. Trong nước nóng từ $65^{\circ }C$ trở lên, tinh bột chuyển thành dung dịch keo nhót. Đúng. Theo SGK lớp 12.

C. Tinh bột không phản ứng với dung dịch $H_{2}S{O}_4$ loãng, đun nóng. Sai. Đây là phản ứng thủy phân tinh bột cho glucozơ.

$$(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\stackrel{t^{\circ },H^{+}}{\to }n{C}_6{H}_{12}{O}_6$$

D. Etanol có thể được sản xuất bằng phương pháp lên men các nông sản chứa nhiều tinh bột. Đúng. Theo SGK lớp 12.

(AI giải đề cho tôi)
Tinh bột gồm hai thành phần: amilozơ (khoảng 20%) có cấu trúc mạch cacbon không phân nhánh và amilopectin (khoảng 80%) có cấu trúc mạch phân nhánh. Y là polisaccarit trong thành phần tinh bột, mạch không phân nhánh nên Y là amilozơ. Saccarozơ là đisaccarit, glucozơ là monosaccarit, đều không phải polisaccarit. Đáp án khớp với bảng đáp án (Câu 57: C).

(AI giải đề cho tôi)
Tinh bột là polysaccharide được tạo từ nhiều gốc glucose, có công thức phân tử $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n$ với $n$ lớn. Các phương án khác: $C_6{H}_{12}{O}_6$ là glucose (monosaccharide), $C_{12}{H}_{22}{O}_{11}$ là saccharose (disaccharide), $C_2{H}_4{O}_2$ là acetic acid. Đáp án trùng với đáp án nguồn (câu 16: A).

(AI giải đề cho tôi)
Phương trình thủy phân tinh bột: $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\stackrel{enzyme/HCl}{\to }n{C}_6{H}_{12}{O}_6$. Theo tỉ lệ mol, 1 mol tinh bột (khối lượng đơn vị 162 g/mol) cho 1 mol glucose (180 g/mol). Gọi khối lượng tinh bột cần dùng là m tấn, hiệu suất 80% nên lượng glucose thực tế thu được là: $m\times \frac{162}{180}\times 0,8=2$. Suy ra $m=\frac{2\times 180}{162\times 0,8}=\frac{360}{129,6}=2,25$ tấn. Vậy m = 2,25 tấn, khớp với đáp án B của đề.

(AI giải đề cho tôi)
Số mol kết tủa CaCO${}_3$: $n_{CaC{O}_3}=\frac{12}{100}=0,12$ mol. Vì Ca(OH)${}_2$ dư nên $n_{C{O}_2}=n_{CaC{O}_3}=0,12$ mol (thực tế sinh ra). Quá trình lên men: $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\to 2n{C}_2{H}_{5}OH+2nC{O}_2$, tức mỗi đơn vị tinh bột (162 g) sinh ra 2 mol CO${}_2$ (lý thuyết). Hiệu suất 90% nên lượng CO${}_2$ lý thuyết là $\frac{0,12}{0,9}=0,1\overline{3}$ mol, tương ứng $\frac{0,1333}{2}=0,0\overline{6}$ mol đơn vị glucozơ. Khối lượng tinh bột: $m=0,0\overline{6}\times 162=10,8$ gam. Vậy chọn D, khớp với đáp án nguồn.

(AI giải đề cho tôi)
Chuỗi chuyển hóa: Tinh bột thủy phân với H2O (H+, t°) tạo X là maltose (C12H22O11). X lên men (men vân) tạo Y là glucozơ (C6H12O6). Y lên men (men rượu) tạo Z là ancol etylic (C2H5OH). Z tiếp tục lên men (men giấm - vi khuẩn axetic) tạo ra axit axetic? Không - ở đây Z phản ứng với Y (ancol etylic) trong H2SO4 đặc, t°: đó là phản ứng este hóa giữa axit và ancol. Xét đúng theo đáp án: Y = glucozơ, Z = ancol etylic, và bước cuối Z + Y (H2SO4 đặc) là este hóa tạo T = CH3COOC2H5 (etyl axetat) - tức Y ở bước cuối đóng vai trò ancol, Z là axit axetic sinh ra từ quá trình lên men giấm của ancol etylic. Kiểm tra các phương án: A sai vì Y (glucozơ) tác dụng với Na nhưng KHÔNG tác dụng với dung dịch NaOH. B sai vì T là CH3COOC2H5 chứ không phải C2H5COOC2H5 (etyl propionat). C sai vì Z (axit axetic) không tác dụng với phenol (phenol yếu, không este hóa trực tiếp với axit cacboxylic bằng H2SO4 đặc như ancol). D đúng: T = CH3COOC2H5 là etyl axetat, sinh ra từ phản ứng este hóa: CH3COOH + C2H5OH –H2SO4 đặc, t°–> CH3COOC2H5 + H2O. Khớp với đáp án nguồn D.

Chọn D.

(1) Đúng

(2) Sai, bị thủy phân trong axit

(3) Sai

(4) Đúng (5) Đúng

(6) Đúng

(7) Sai, xenlulozo trinitrat mới làm thuốc súng không khói.

Chọn A.

Các chất khi thủy phân chỉ tạo glucozơ: amilozơ, amylopectin và xenlulozơ.

(AI giải đề cho tôi)
Tinh bột là polime thiên nhiên được tạo từ các gốc glucozo, mỗi gốc mất 1 phân tử nước nên công thức phân tử của tinh bột là $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n$. Đáp án A là công thức của polime glucozo sai (glucozo là $C_6{H}_{12}{O}_6$), B và D là công thức kiểu disacarit. Đáp án trùng với đáp án nguồn (Câu 17: Chọn C).

- Sự chuyển hóa tinh bột trong cơ thể được biểu diễn trong sơ đồ :
$$(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n\underset{\text{anpha - amilaza}}{\overset{+H_{2}O}{\to }}(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_x\underset{\text{beta - amilaza}}{\overset{+H_{2}O}{\to }}{C}_{12}{H}_{22}{O}_{11}\underset{\text{mantaza}}{\overset{+H_{2}O}{\to }}{C}_6{H}_{12}{O}_6$$
Tinh bột → Dextrin (x < n) → Mantoza → Glucozo
- Quá trình làm bánh mì là quá trình dextrin hóa bằng men và bằng nhiệt. Cơm cháy là hiện tượng dextrin hóa bằng nhiệt.
- Ăn bánh mì, cơm cháy dễ tiêu và có vị hơi ngọt vì phân tử tinh bột đã được phân cắt nhỏ thành các disaccarit và monosaccarit

- BT:C: $n_{C{O}_2}=n_{CaC{O}_3(1)}+2n_{CaC{O}_3\text{(sau khi đun noˊng)}}=5,5+2\cdot 1=7,5$ mol
- Quá trình: $$C_6{H}_{10}{O}_5\underset{3,75\text{ mol}}{\overset{H_{2}S{O}_4}{\to }}{C}_6{H}_{12}{O}_6\stackrel{\text{leˆn men}}{\to }7,5C{O}_2+7,5C_2{H}_{5}OH$$ với $n_{C{O}_2}=7,5$ mol
$\Rightarrow m_{tinhb\hat{o}t}=162\cdot \frac{n_{C{O}_2}}{2\cdot H\%}=162\cdot \frac{7,5}{2\cdot 81\%}=750$ gam

Đáp án A

Phương pháp: Tính lượng chất theo hiệu suất phản ứng.
Ta có: $m_{dd}$ giảm = $m_{CaC{O}_3}$ – $m_{C{O}_2}$ => $n_{C{O}_2}$ = 0,4 mol
$(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n$ -> n$C_6{H}_{12}{O}_6$ -> 2n$C{O}_2$
=> $n_{tinhbột}$ = 1/2n . 100/75 . 0,4 = 4/15 mol
=> m = 43,2g
Đáp án C

Chọn A.
• Các cacbohiđrat khi thủy phân đến cùng chỉ thu được glucozơ là: Tinh bột, xenlulozơ và mantozơ.
- Thủy phân mantozơ: $C_{12}{H}_{22}{O}_{11}\underset{H^{+}}{\overset{+H_{2}O}{\to }}2C_6{H}_{12}{O}_6$ (glucozơ)
- Thủy phân tinh bột, xenlulozơ: $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\stackrel{H^{+}}{\to }n{C}_6{H}_{12}{O}_6$

- Trong miếng chuối xanh có chứa tinh bột, khi cho tiếp xúc với dung dịch iot thì có màu xanh tím. Ngược lại, đối với miếng chuối chín thì lúc đó tinh bột đã bị thủy phân hết khi cho tiếp xúc với dung dịch iot thì không có hiện tượng xảy ra.

- Khi hấp thụ $C{O}_2$ vào $Ca(OH{)}_2$ dư thì: $m_{ddgiảm}=m_{CaC{O}_3}-44n_{C{O}_2}=132\Rightarrow n_{C{O}_2}=4,5$ mol

$\Rightarrow m_{tinhbột}=162.\frac{n_{C{O}_2}}{2}.\frac{1}{H\%}=405(g)$