Bài Tập Trắc Nghiệm Chuyên Đề: Tinh bột (Hóa học Lớp 12)

Chọn D.

$6nC{O}_2+5n{H}_{2}O\to (C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n$

$\to n_{C{O}_2}=6.500/162=500/27$

$\to$ V không khí $=22,4n_{C{O}_2}/0,03\%=1382716$ lít

Chọn C.

A. Sai, amilopectin có phân nhánh.
B. Đúng, chỉ Gly-Ala-Gly có phản ứng màu biure (tạo màu tím), còn Gly-Ala không phản ứng.
C. Đúng.
D. Đúng.

(AI giải đề cho tôi)
X, Y đều không phản ứng với AgNO${}_3$/NH${}_3$ (không phải monosaccharide khử như glucozơ, fructozơ). Thủy phân hoàn toàn chỉ thu được một chất hữu cơ Z duy nhất: tinh bột và xenlulozơ đều thủy phân cho glucozơ duy nhất. Saccarozơ thủy phân cho 2 sản phẩm (glucozơ và fructozơ) nên loại A, C; glucozơ không thủy phân và bị oxi hóa bởi AgNO${}_3$/NH${}_3$ nên loại B. Vậy X, Y lần lượt là tinh bột và xenlulozơ.

(AI giải đề cho tôi)
Sơ đồ: CO2 →(1) tinh bột/cellulose (C6H10O5)n là quá trình quang hợp (thực vật tổng hợp carbohydrate từ CO2 và H2O nhờ ánh sáng, chlorophyll), không phải phản ứng cộng hợp. (2): (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6 là phản ứng thủy phân (đúng). (3): C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2 là phản ứng lên men tạo alcohol (đúng). (4): C2H5OH + O2 → CH3COOH + H2O (nhờ vi sinh vật) là phản ứng lên men giấm (đúng). Vậy tên gọi không đúng là của phản ứng (1), tương ứng đáp án D, khớp với đáp án nguồn (câu 14: D).

(AI giải đề cho tôi)
Tinh bột không có nhóm -OH hemiacetal tự do nên không có tính khử, không phản ứng với nước Br${}_2$, thuốc thử Tollens [Ag(NH${}_3$)${}_2$]OH hay Cu(OH)${}_2$. Ở điều kiện thích hợp (đun nóng với dung dịch acid, xúc tác H${}^{+}$), tinh bột bị thủy phân: $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\stackrel{t^o,H^{+}}{\to }n{C}_6{H}_{12}{O}_6$ (glucose). Vậy chất tham gia phản ứng là H${}_2$O (t°, H${}^{+}$), khớp với đáp án A trong bảng đáp án nguồn (câu 17 = A).

(AI giải đề cho tôi)
Khối lượng tinh bột trong gạo: $m=64,8\times 80\%=51,84$ g. Tinh bột có đơn vị $C_6{H}_{10}{O}_5$ ($M=162$ g/mol), mỗi đơn vị thủy phân cho 1 glucose: $n_{glucose}=\frac{51,84}{162}=0,32$ mol. Năng lượng mỗi ngày: $0,32\times 2800=896$ kJ. Sau 1 tuần: $896\times 7=6272$ kJ. Khối lượng mỡ tích lũy: $\frac{6272}{40}=156,8\approx 157$ gam. Kết quả khớp với đáp án nguồn (157).

(AI giải đề cho tôi)
Xét từng phát biểu: (1) Đúng — tinh bột tác dụng với iodine cho hợp chất chứa màu xanh; khi đun nóng màu xanh mất do phá vỡ cấu trúc xoắn, để nguội màu xanh xuất hiện trở lại. (2) Đúng — fructose là monosaccharide ketose nhưng trong môi trường kiềm của thuốc thử Tollens, fructose chuyển hóa (qua dạng enediol) thành glucose/mannose nên vẫn khử Ag+ thành Ag. (3) Sai — glucose và fructose tác dụng với Cu(OH)2 (đa hydroxyl) và tráng bạc được, nhưng saccharose không có tính khử nên không tráng bạc được. (4) Sai — tinh bột và cellulose đều là polime của glucose nhưng có số mắt xích n khác nhau nên không phải đồng phân của nhau. (5) Sai — cellulose được cấu tạo từ các gốc β-glucose (tinh bột mới là α-glucose). (6) Sai — thủy phân tinh bột trong môi trường acid cuối cùng sinh ra glucose, không phải fructose. Vậy chỉ có 2 phát biểu đúng là (1) và (2), khớp với đáp án nguồn là 2.

(AI giải đề cho tôi)
Thủy phân: tinh bột và xenlulozo (polisaccarit) chỉ tạo glucozơ; saccarozo tạo glucozơ + fructozo; fructozo là monosaccarit không thủy phân. Vậy đáp án (1),(2) = C, khớp đáp án nguồn (Câu 54: C).

(AI giải đề cho tôi)
Củ khoai lang chứa tinh bột. Tinh bột tác dụng với dung dịch iot ($I_2$) ở nhiệt độ thường tạo phức màu xanh tím — đây là phản ứng nhận biết tinh bột đặc trưng. Vậy đáp án là B. Đáp án này cũng khớp với bảng đáp án nguồn (Câu 56: B).

(AI giải đề cho tôi)
Phản ứng lên men tinh bột: $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n+n{H}_{2}O\stackrel{men}{\to }2n{C}_2{H}_{5}OH+2nC{O}_2$. Khí $C{O}_2$ hấp thụ bởi $Ca(OH{)}_2$ dư: $C{O}_2+Ca(OH{)}_2\to CaC{O}_3\downarrow +H_{2}O$. Số mol kết tủa: $n_{CaC{O}_3}=\frac{75}{100}=0,75$ mol $\Rightarrow n_{C{O}_2}=0,75$ mol. Số mol mắt xích tinh bột thực sự lên men: $n_{C_6{H}_{10}{O}_5}=\frac{0,75}{2}=0,375$ mol. Khối lượng tinh bột đã phản ứng: $0,375\times 162=60,75$ g. Vì hiệu suất 81%: $m=\frac{60,75}{0,81}=75$ g. Vậy chọn C, khớp với đáp án nguồn (Câu 47: C).

(AI giải đề cho tôi)
n(Ag) = 21,6/108 = 0,2 mol. Phản ứng tráng bạc: CH2OH-(CHOH)4-CHO + 2AgNO3 + 3NH3 + H2O → (gluconate) + 2Ag↓, nên 1 mol glucozo tạo 2 mol Ag ⇒ n(glucozo) = 0,1 mol. Thủy phân tinh bột: (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6, mỗi đơn vị tinh bột (162 g/mol) cho 1 glucozo ⇒ m = 0,1 × 162 = 16,2 gam. Khớp đáp án B.

(AI giải đề cho tôi)
Số mol Ag: n = 21,6/108 = 0,2 mol. Phản ứng tráng bạc: CH2OH-(CHOH)4-CHO + 2AgNO3 + 3NH3 → gluconat amoni + 2Ag↓, nên 1 mol glucozơ tạo 2 mol Ag → n(glucozơ) = 0,1 mol. Thủy phân tinh bột: (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6, mỗi đơn vị C6H10O5 (162 g/mol) cho 1 glucozơ → m = 0,1 × 162 = 16,2 gam. Khớp đáp án C trong bảng đáp án.

(AI giải đề cho tôi)
Phản ứng tráng bạc: glucozơ có 1 nhóm -CHO nên mỗi mol glucozơ tạo 2 mol Ag. n(Ag) = 32,4/108 = 0,3 mol → n(glucozơ) = 0,15 mol. Thủy phân tinh bột: (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6, mỗi đơn vị C6H10O5 (162 g/mol) cho 1 glucozơ. Vậy m = 0,15 × 162 = 24,3 gam. Khớp đáp án A (khớp bảng đáp án 23.A).

(AI giải đề cho tôi)
Số mol Ag: $n_{Ag}=\frac{30,24}{108}=0,28$ mol. Phản ứng tráng bạc: ${\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_{12}{\mathrm{O}}_6+2AgN{\mathrm{O}}_3+3N{\mathrm{H}}_3+{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}\to {\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_{11}{\mathrm{O}}_7\mathrm{N}{\mathrm{H}}_4+2Ag\downarrow$, nên $n_{glucozo}=\frac{0,28}{2}=0,14$ mol. Thủy phân tinh bột: $({\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_{10}{\mathrm{O}}_5{)}_n+n{H}_{2}O\to n{C}_6{H}_{12}{O}_6$, mỗi đơn vị tinh bột (162 g/mol) cho 1 glucozo, nên $m=0,14\times 162=22,68$ gam. Khớp với đáp án nguồn C.

(AI giải đề cho tôi)
Polisaccarit là cacbohidrat có phân tử gồm nhiều gốc monosaccarit liên kết với nhau. Glucozơ và fructozơ là monosaccarit, saccarozơ là disaccarit, còn tinh bột $(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n$ là polisaccarit. Đáp án khớp với đáp án tham khảo (Câu 52: C).

(AI giải đề cho tôi)
Phản ứng tráng bạc: CH2OH-(CHOH)4-CHO + 2AgNO3 + 3NH3 + H2O → CH2OH-(CHOH)4-COONH4 + 2Ag↓. Suy ra mỗi mol glucozơ tạo 2 mol Ag. nAg = 38,88/108 = 0,36 mol → nglucozơ = 0,36/2 = 0,18 mol. Thủy phân tinh bột: (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6, mỗi đơn vị tinh bột cho 1 glucozơ nên ntinh bột = 0,18 mol. m = 0,18 × 162 = 29,16 gam. Khớp đáp án B.

(AI giải đề cho tôi)
Amylopectin là thành phần tinh bột có mạch phân nhánh: các gốc $\alpha$-glucose liên kết với nhau bằng cả liên kết $\alpha$-1,4-glycoside (trong mạch) và $\alpha$-1,6-glycoside (tại các điểm phân nhánh). A sai vì mạch không phân nhánh, xoắn lò xo là amylose; B sai vì thiếu liên kết $\alpha$-1,6; D sai vì đó là cellulose (gốc $\beta$-glucose, liên kết $\beta$-1,4-glycoside). Kết quả trùng với đáp án nguồn: C.

a) Sai vì đoạn mạch trên là amylopectin và chứa 4 đơn vị α-glucose. b) Sai vì đoạn mạch trên chứa: α-1,4-glycoside và α-1,6-glycoside. c) Đúng. d) Đúng vì: $$(C_6{H}_{10}{O}_5{)}_n\stackrel{60\%}{\to }2n{C}_2{H}_{5}OH$$ $$162n92n|0,8.(V.35\%)=20.75\%.\frac{92}{162}.60\%$$ $$20.75\%\to 0,8.(V.35\%)|\Rightarrow V=18,3\text{L}$$

(AI giải đề cho tôi)
Trong phương pháp sinh hóa, ancol etylic được sản xuất bằng cách lên men tinh bột (nhờ enzyme, vi sinh vật): tinh bột thủy phân thành glucozơ, sau đó glucozơ lên men tạo ancol etylic và CO2: $C_6{H}_{12}{O}_6\stackrel{men}{\to }2C_2{H}_{5}OH+2C{O}_2\uparrow$. Etilen (phương pháp hydrat hóa) và anđehit axetic (khử) thuộc phương pháp hóa học, không phải sinh hóa. Đáp án khớp với đáp án nguồn: C.